河南省周口十九中2023-2024九年级上学期期中物理试卷（含解析）

2023-2024学年河南省周口十九中九年级（上）期中物理试卷
一、填空题（每空1分，共14分）。
1．（2分）木工师傅用木胶粘木制构件，当木胶干了（凝固）才粘牢，分子间距离　 　，而分子间引力　 　的缘故。
2．（2分）某太阳能热水器内装有100kg初温为25℃的水，经过一天的太阳照射，水温升高到75℃　 　J，这些热量相当于完全燃烧　 　m3天然气所放出的热量。（水的比热容为4.2×103J/（kg ℃）、天然气的热值为7.0×107J/m3）
3．（2分）1kg的冰在熔化过程中，温度　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”），冰水混合物的内能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
4．（2分）父亲节那天，小明给父亲启啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，内能转化为 　 　能，使气体的内能减小，温度降低　 　可以改变物体的内能。
5．（2分）两个电阻R1、R2串联在电路中，已知R1＞R2。通过两个电阻的电流I1、I2的大小关系是I1　 　I2（选填“＞”“＝”或“＜”），加在两个电阻两端的电压U1、U2的大小关系是U1　 　U2（选填“＞”“＝”或“＜”）。
6．（2分）小锋设计如图所示的电路来判断梅雨季节教室里相对湿度的变化。选用的器材有：3V电源、湿度传感器（其电阻Rs的阻值随相对湿度的增大而减小）、定值电阻R＝2×103Ω、一只电压表（量程为0～3V）等。当相对湿度为40%时，Rs＝1×103Ω，电压表示数为2V，则电压表是并联在 　 　的两端，当电压表示数变大时，教室里相对湿度在 　 　。
7．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R2为10Ω．闭合开关S，电流表的示数为0.2A，电压表的示数为1V1的阻值为　 　Ω，电源电压为　 　V。
二、选择题（每题2分，共16分）
8．（2分）下列有关内能利用的说法正确的是（　　）
A．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
B．通过技术改进，热机效率可达100%
C．各种形式的能量都可以相互转化
D．热机的工作过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程
9．（2分）如图所示是四冲程汽油机做功冲程的示意图。汽油燃烧产生高温高压的气体推动活塞向下运动。在活塞向下运动的过程中，气缸内气体的（　　）
A．内能增加 B．温度降低
C．密度增大 D．分子热运动加快
10．（2分）质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示（　　）
A．甲的比热容大，是水
B．甲的比热容大，是煤油
C．乙的比热容大，是水
D．乙的比热容大，是煤油
11．（2分）如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（　　）
A．给冷水加热 B．压缩的空气温度升高
C．下滑时臀部发热 D．搓手取暖
12．（2分）某款售水机可通过刷卡（闭合“感应”开关）或投币（闭合“投币”开关）接通供水电机取水，提供照明。下列简化电路中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
13．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S后（　　）
A．电压表V1示数变大，V2示数变大，电流表A的示数变大
B．电压表V1示数不变，V2示数变大，电流表A的示数变小
C．电压表V1示数不变，V2示数变小，电流表A的示数变小
D．电压表V1示数变小，V2示数变大，电流表A的示数变小
（多选）14．（2分）如图所示电路中，电源电压为4.5V，L1、L2是小灯泡。当开关S闭合时，电压表的示数为1.5V，则此时（　　）（忽略温度对灯丝电阻的影响）
A．L1两端的电压为1.5V
B．L1两端的电压为3V
C．L1与L2的灯丝电阻之比为1：2
D．通过L1与L2的电流之比为1：2
（多选）15．（2分）如图是电阻甲和乙的I﹣U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（　　）
A．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的电压为3V
B．若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.6A
C．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3A
D．当乙两端电压为2.5V，其电阻值为5Ω
三、作图题（每题3分，共6分）
16．（3分）根据图甲所示电路图，在图乙中连接对应的实物图。
17．（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。要求：
①闭合电键S后，向左移动滑动变阻器的滑片P，小灯变暗；
②电压表测量滑动变阻器两端的电压。
四、实验探究题（每空1分，共18分）
18．（8分）小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”，同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”，他设计了两组实验装置如图所示：
（1）你认为研究不同燃料燃烧放热能力应选用　 　组器材（选填“甲”、“乙”）。
（2）观察甲、乙两图，除了图中相同的器材，还要用到相同的器材是　 　。
（3）秒表是用在　 　组实验中（选填“甲”、“乙”）。甲组实验是通过　 　来反映物质吸收热量的多少，乙组是通过　 　来反映燃料放出热量的多少。
（4）购买一盒薯片，设计实验估测薯片的热值，应选用上述　 　组（选填“甲”、“乙”）来进行测量，然后将实验结果与包装盒上注明的薯片的热值进行比较是　 　（选填“偏大”“偏小”），原因是　 　。
19．（6分）小海和小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”实验。
（1）图甲是他们设计的电路图，连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示　 　。正确调整后闭合开关，发现指针又偏向图乙位置，其原因是 　 　。
（2）图丙是他们解决上述问题后，测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 　 　（选填“A”“B”或“C”）处的电流。
（3）请在图丙中移动一根导线，测量通过灯L1中的电流。在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。
（4）如表是他们实验过程中测出A、B、C三处的一组实验数据，小海根据数据得出一个初步结论 　 　（只写表达式），小梅认为：这个实验还存在不足之处，你认为应该如何改进 　 　。
位置 A B C
电流/A 0.30 0.24 0.54
20．（4分）某同学利用如图所示的电路测量一待测电阻Rx的阻值，图中电源电压恒为6V，滑动变阻器的最大阻值为50Ω。
（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至 　 　端（选填“A”或“B”）。
（2）实验过程中向左移动滑片P，电压表的示数 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）实验中测量多组电压和电流值的目的是 　 　。
（4）若Rx为10Ω，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器连入电路的阻值范围是 　 　。
五、计算题（每题8分，共16分）
21．（8分）今年5月18日，我国在世界上第一次对可燃冰实现安全可控开采。1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，已知q天然气＝2.1×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg ℃）。求：
（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是多少？
（2）若上述热量的50%被水吸收，可将多少kg的水从20℃加热至95℃？
22．（8分）如图所示的电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω．同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数为2.5A．求：
（1）通过电阻R1的电流；
（2）电阻R2的阻值。
2023-2024学年河南省周口十九中九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每空1分，共14分）。
1．（2分）木工师傅用木胶粘木制构件，当木胶干了（凝固）才粘牢，分子间距离　减少　，而分子间引力　增大　的缘故。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：因为固体分子间距离小于液体分子间距离，木胶干了（凝固），液体变成固体后，引力增大。
故本题答案为：减少；增大。
2．（2分）某太阳能热水器内装有100kg初温为25℃的水，经过一天的太阳照射，水温升高到75℃　2.1×107　J，这些热量相当于完全燃烧　0.3　m3天然气所放出的热量。（水的比热容为4.2×103J/（kg ℃）、天然气的热值为7.0×107J/m3）
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×104 J/（kg ℃）×100kg×（75℃﹣25℃）＝2.1×103J；
（2）由Q放＝qV，Q吸＝Q放可得：
需要天然气的体积：V＝＝＝2.3m3。
故答案为：6.1×107；3.3。
3．（2分）1kg的冰在熔化过程中，温度　不变　（选填“升高”、“降低”或“不变”），冰水混合物的内能　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：冰是晶体，在熔化过程中，内能不断增大。
故答案为：不变；增大。
4．（2分）父亲节那天，小明给父亲启啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，内能转化为 　机械　能，使气体的内能减小，温度降低　做功　可以改变物体的内能。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：启啤酒时，瓶子内气体对瓶盖做功，内能减小，水蒸气液化成“白雾”，
这个现象说明做功可改变物体的内能。
故答案为：机械；做功。
5．（2分）两个电阻R1、R2串联在电路中，已知R1＞R2。通过两个电阻的电流I1、I2的大小关系是I1　＝　I2（选填“＞”“＝”或“＜”），加在两个电阻两端的电压U1、U2的大小关系是U1　＞　U2（选填“＞”“＝”或“＜”）。
【答案】＝；＞。
【解答】解：串联电路电流处处相等，两电阻串联；在串联电路中，电阻越大，已知R1＞R2，则U2＞U2。
故答案为：＝；＞。
6．（2分）小锋设计如图所示的电路来判断梅雨季节教室里相对湿度的变化。选用的器材有：3V电源、湿度传感器（其电阻Rs的阻值随相对湿度的增大而减小）、定值电阻R＝2×103Ω、一只电压表（量程为0～3V）等。当相对湿度为40%时，Rs＝1×103Ω，电压表示数为2V，则电压表是并联在 　R　的两端，当电压表示数变大时，教室里相对湿度在 　变大　。
【答案】R；变大。
【解答】解：（1）由图知湿度传感器Rs与定值电阻R串联，
则当相对湿度为40%时，Rs＝1×103Ω，总电阻为：R总＝Rs+R＝8×103Ω+2×105Ω＝3×103Ω，
所以，电路的电流为：
I＝＝＝1×10﹣8A；
根据I＝可得s与定值电阻R两端的电压分别为：
Us＝IRs＝1×10﹣3A×7×103Ω＝1V，
UR＝IRR＝2×10﹣3A×2×107Ω＝2V，
已知电压表示数为2V，则电压表并联在定值电阻R的两端；
（2）当电压表示数变大时，根据I＝，电路中的总电阻变小；
根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可知：电阻Rs的阻值变小；
由于电阻Rs的阻值随相对湿度的增大而减小，则教室里相对湿度的变大。
故答案为：R；变大。
7．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R2为10Ω．闭合开关S，电流表的示数为0.2A，电压表的示数为1V1的阻值为　5　Ω，电源电压为　3　V。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表A电路的电流8的电压。
（1）由I＝得：
电阻R1＝＝＝5Ω；
（2）由I＝得电阻R1两端的电压为：
U2＝IR3＝0.2A×10Ω＝5V，
所以电源电压为：
U＝U1+U2＝8V+2V＝3V。
故答案为：6；3。
二、选择题（每题2分，共16分）
8．（2分）下列有关内能利用的说法正确的是（　　）
A．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
B．通过技术改进，热机效率可达100%
C．各种形式的能量都可以相互转化
D．热机的工作过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程
【答案】D
【解答】解：A、由Q放＝mq可知，燃料燃烧放出的热量与热值和质量有关，热值大的放出的热量不一定多；
B、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率，热机的效率可以提高、要做额外功，故B错误；
C、一种能量可以转化为其它能量。如机械能，故C错误；
D、热机工作的过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程。
故选：D。
9．（2分）如图所示是四冲程汽油机做功冲程的示意图。汽油燃烧产生高温高压的气体推动活塞向下运动。在活塞向下运动的过程中，气缸内气体的（　　）
A．内能增加 B．温度降低
C．密度增大 D．分子热运动加快
【答案】B
【解答】解：两个气阀关闭，活塞向下运动，内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能、温度降低；气体质量不变，故气体分子的密度减少，B正确。
故选：B。
10．（2分）质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示（　　）
A．甲的比热容大，是水
B．甲的比热容大，是煤油
C．乙的比热容大，是水
D．乙的比热容大，是煤油
【答案】C
【解答】解：如图所示，在某一定时间时；
利用热量的计算公式Q＝cmΔt 分析，甲的比热容小；乙的比热容大。
故选：C。
11．（2分）如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（　　）
A．给冷水加热 B．压缩的空气温度升高
C．下滑时臀部发热 D．搓手取暖
【答案】A
【解答】解：A、给冷水加热，水吸收热量；
B、压缩气体做功；
C、下滑时臀部发热，机械能转化成了内能；
D、搓手取暖，机械能转化成了内能。
由上分析可知，A与BCD不同。
故选：A。
12．（2分）某款售水机可通过刷卡（闭合“感应”开关）或投币（闭合“投币”开关）接通供水电机取水，提供照明。下列简化电路中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解答】解：
由题知，售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，来接通供水电机取水，故感应开关和投币开关应是并联的；
光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，故灯泡与电动机是并联的，只有B符合题意。
故选：B。
13．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S后（　　）
A．电压表V1示数变大，V2示数变大，电流表A的示数变大
B．电压表V1示数不变，V2示数变大，电流表A的示数变小
C．电压表V1示数不变，V2示数变小，电流表A的示数变小
D．电压表V1示数变小，V2示数变大，电流表A的示数变小
【答案】D
【解答】解：分析电路图可知，滑动变阻器R2和定值电阻R1串联，电流表测量电路中的电流2测的是电阻R1两端的电压，V2测滑动变阻器两端的电压；
当滑片P由a向b移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值在变大，由欧姆定律可知，即电流表的示数变小；
因为串联电路起分压作用，因此滑动变阻器两端电压变大，所以R7两端电压变小，即电压表V1的示数变小，电压表V2的示数变大；
综上所述，D正确。
故选：D。
（多选）14．（2分）如图所示电路中，电源电压为4.5V，L1、L2是小灯泡。当开关S闭合时，电压表的示数为1.5V，则此时（　　）（忽略温度对灯丝电阻的影响）
A．L1两端的电压为1.5V
B．L1两端的电压为3V
C．L1与L2的灯丝电阻之比为1：2
D．通过L1与L2的电流之比为1：2
【答案】AC
【解答】解：
AB、由电路图知，两灯串联1两端电压，所以L1两端的电压为5.5V，故A正确；
CD、由串联电路的电流规律知，即通过L1与L8的电流之比为1：1，由串联电路的电压规律知，L4两端的电压U2＝U﹣U1＝4.5V﹣1.2V＝3V，则L1与L3的灯丝电阻之比为：＝＝＝＝，故D错误。
故选：AC。
（多选）15．（2分）如图是电阻甲和乙的I﹣U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（　　）
A．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的电压为3V
B．若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.6A
C．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3A
D．当乙两端电压为2.5V，其电阻值为5Ω
【答案】BD
【解答】解：
A、甲和乙串联，电路电流为0.3A时，
因串联电路中各处的电流相等，所以通过两电阻的电流均为4.3A，
由图象可知，两电阻两端的电压分别为U甲＝1.5V，U乙＝0.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U＝U甲+U乙＝6.5V+0.3V＝2V，故A错误；
B、甲和乙并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，
由图象知，此时通过甲的电流I甲＝0.3A，通过乙的电流I乙＝0.4A，
则干路电流：I并＝I甲+I乙＝4.2A+0.7A＝0.6A，故B正确；
C、由图象可知，通过它的电流为7.1A；
D、由图象可知，通过它的电流为0.8A，
所以其电阻值：R乙＝＝＝5Ω。
故选：BD。
三、作图题（每题3分，共6分）
16．（3分）根据图甲所示电路图，在图乙中连接对应的实物图。
【答案】
【解答】解：原电路中，两个灯泡并联，根据电路图连接实物图
17．（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。要求：
①闭合电键S后，向左移动滑动变阻器的滑片P，小灯变暗；
②电压表测量滑动变阻器两端的电压。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：经分析可知，灯泡的右接线柱与滑动变阻器右下方接线柱相连，
由电源的电压为3V可知，电压表的量程选0～8V
四、实验探究题（每空1分，共18分）
18．（8分）小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”，同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”，他设计了两组实验装置如图所示：
（1）你认为研究不同燃料燃烧放热能力应选用　乙　组器材（选填“甲”、“乙”）。
（2）观察甲、乙两图，除了图中相同的器材，还要用到相同的器材是　天平　。
（3）秒表是用在　甲　组实验中（选填“甲”、“乙”）。甲组实验是通过　加热时间的多少　来反映物质吸收热量的多少，乙组是通过　水温升高的度数或水温的变化　来反映燃料放出热量的多少。
（4）购买一盒薯片，设计实验估测薯片的热值，应选用上述　乙　组（选填“甲”、“乙”）来进行测量，然后将实验结果与包装盒上注明的薯片的热值进行比较是　偏小　（选填“偏大”“偏小”），原因是　根据公式q＝可知，在薯片质量一定时，因为薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失，所以，所测热值偏小　。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）研究不同燃料燃烧放热能力应用不同的燃料，因此选乙组器材。
（2）观察甲、乙两图，因此还要用天平称量质量；
（3）甲组实验是通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，因此秒表用在甲装置中；
乙组是通过水温升高的度数或水温的变化来反映燃料放出热量的多少。
（4）由q＝可知，需根据Q＝cmΔt求出液体吸收的热量；
在薯片质量一定时，因为薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失，所测热值偏小。
故答案为：（1）乙；（2）天平；加热时间的多少；（4）乙；根据公式q＝，在薯片质量一定时，所以。
19．（6分）小海和小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”实验。
（1）图甲是他们设计的电路图，连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示　指针没有调零　。正确调整后闭合开关，发现指针又偏向图乙位置，其原因是 　电流表的正负接线柱接反　。
（2）图丙是他们解决上述问题后，测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 　C　（选填“A”“B”或“C”）处的电流。
（3）请在图丙中移动一根导线，测量通过灯L1中的电流。在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。
（4）如表是他们实验过程中测出A、B、C三处的一组实验数据，小海根据数据得出一个初步结论 　IC＝IA+IB　（只写表达式），小梅认为：这个实验还存在不足之处，你认为应该如何改进 　换用不同的灯泡继续实验，得到多组实验数据，然后分析数据，得出实验结论　。
位置 A B C
电流/A 0.30 0.24 0.54
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）在没有电流通过电流表时，若指针反向偏转；
在测量电流时，若指针反向偏转，即电流表的正负接线柱接反了；
（2）根据电流法分析图丙可知，两灯并联，所以电流表测量的是干路电流；
（3）原来电流表在干路上，要测通过灯L1中的电流，电流表要与灯L1串联，将连接电流表右接线柱与灯L8的左接线柱之间的连线去掉，在电流表的左接线柱与灯L2的左接线柱之间连线，如下图所示；
（4）分析表中数据知，IC＝IA+IB；
为避免实验的偶然性得出具有普遍性的结论，所以应换用不同的灯泡继续实验，然后分析数据。
故答案为：（1）指针没有调零；电流表的正负接线柱接反；
（2）C；
（3）如上图所示；
（4）IC＝IA+IB；换用不同的灯泡继续实验，得到多组实验数据，得出实验结论
20．（4分）某同学利用如图所示的电路测量一待测电阻Rx的阻值，图中电源电压恒为6V，滑动变阻器的最大阻值为50Ω。
（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至 　A　端（选填“A”或“B”）。
（2）实验过程中向左移动滑片P，电压表的示数 　变大　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）实验中测量多组电压和电流值的目的是 　取平均值减小测量的误差　。
（4）若Rx为10Ω，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器连入电路的阻值范围是 　10﹣50Ω　。
【答案】（1）A；（2）变大；（3）取平均值减小测量的误差；（4）10﹣50Ω。
【解答】解：（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处的A端；
（2）实验过程中向左移动滑片P，变阻器连入电路的电阻变小，变阻器的电压变小，电压表的示数变大；
（3）实验中测量多组电压和电流值的目的是取平均值减小测量的误差。
（4）根据电压表的量程知待测电阻的最大电压为3V，根据串联电路电压的规律
U滑＝6V﹣8V＝3V；
变阻器的电压是电压表示数的1倍，若Rx为10Ω，由分压原理可知；变阻器连入电路的电阻越大，电压表示数越小，若Rx为10Ω，在保证电路安全的情况下。
故答案为：（1）A；（2）变大；（4）10﹣50Ω。
五、计算题（每题8分，共16分）
21．（8分）今年5月18日，我国在世界上第一次对可燃冰实现安全可控开采。1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，已知q天然气＝2.1×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg ℃）。求：
（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是多少？
（2）若上述热量的50%被水吸收，可将多少kg的水从20℃加热至95℃？
【答案】（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是1.575×109J；
（2）若上述热量全部被水吸收，可将5×103kg的水从20℃加热至95℃。
【解答】解：
（1）由题知，1m3可燃冰分解后，可释放出约150m2天然气，
这些天然气完全燃烧产生热量：Q放＝Vq＝150m3×2.2×107J/m3＝6.15×109J，
（2）由题知，水吸收的热量：Q吸＝50%Q放＝50%×3.15×103J＝1.575×109J，
由Q吸＝cm（t﹣t7）可得加热水的质量：
m＝＝＝5×104kg。
答：（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是6.575×109J；
（2）若上述热量全部被水吸收，可将5×108kg的水从20℃加热至95℃。
22．（8分）如图所示的电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω．同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数为2.5A．求：
（1）通过电阻R1的电流；
（2）电阻R2的阻值。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R7与R2并联，电流表测干路电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过电阻R1的电流：
I2＝＝＝2A；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电阻R5的电流：
I2＝I﹣I1＝4.5A﹣2A＝2.5A，
则电阻R2的阻值：
R2＝＝＝60Ω。
答：（1）通过电阻R1的电流为2A；
（2）电阻R2的阻值为60Ω。