云南省云天化教研联盟2023-2024高一上学期期中考试物理试题（答案）

高二年级物理试卷
机密★启用前
本试题卷分第1卷（选择题）和第川卷（非选择题）两部分，共6页。考生作答时，将答案答在答题卡上（答
题注意事项见答题卡)，在本试卷上答题无效，试卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：
1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并请
认真填涂准考证号。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦擦干净后，再
选涂其他答案标号。答在试卷上的答案无效。
第I卷（选择题，共48分）
一、选择题：本大题共10小题(1一6题只有一个正确选项，每题4分；7一10题有多个正确选项，每题6分，
选对但不全得3分)
1.下面是某同学对一些概念及公式的理解，其中正确的是()
A.根据公p=S迟
可知，金属电阻率与导体的电阻成正比
B.根据公式W=U!可知，该公式只能求纯电阻电路的电流做功
C。根据电动势E=”可知，电动势E的大小等于W和g的比值，但与W的大小和g大小无关，由电源本身决
定
D.根据公式C=g可知，电容器的电容与电容器所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
/
2.如图所示为一块手机电池的背面印有的一些符号，下列说法正确的是(
A.该电池工作电流始终为500mA
3.6V500mAh锂离子电池
B.若电池以50mA的电流工作，可用10小时
SNN5648A C2NALWJMAIC
C.该电池在工作】小时后达到的电流为500mA
D.该电池储存的最大能量为1,8J
20130708JCC1028
理科物理试卷·第1页（共6页）
2
之如图所你，中子内有个电荷量为+的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为，一
的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为()
2e
A
0人120°
120°
ke
ke
A.
B.
2ke
32
C.ke
92D.
3r2
4.如图，电源电动势为9V,内阻为1Q,“4州；2W”的灯泡与一个线圈电阻为0.4Q的电动机串联。当电动机
正常工作，灯泡也正常发光，下列说法正确的是()
A.电动机两端的电压为0.2y
B.电路中的电流为2A
C.电源的总功率为4.5W
D.电动机的输出功率为2.25
5.“抛绣球”是广西传统民族运动。如图甲所示，细绳一端系着绣球，另一端握在运动员手中。使绣球在竖直
平面内做圆周运动，数圈之后抛出。图乙是绣球的运动轨迹，在A、B、C、D四个点上，绣球处于超重状态的是
○
B
DO
甲
)
A.A点B.B点C.C点D.D点
6.如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、W两点，在MN的连线上有对称点a、C,MN连线的中
垂线上有对称点、d,则下列说法正确的是()
b
A.a点电势一定小于c点电势
B.负电荷在c点电势能一定大于在a点电势能
e-N
0
C.正电荷从d点移到b点电场力做正功
d
D,点场强与c点场强一定相同
理科物理试卷·第2页（共6页）云天化教研联盟 2023 年秋季学期高二期中考试
高二物理试卷参考答案：
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C B A C A D AC AD BD ABD
11． T(1分) 0 (2分) ADC(2分) 甲(2分)
(1)[1][2]欧姆调零，应把两笔尖相互接触，调节 T，使用多电表的指针指向电阻挡的刻线0Ω
处。
(2)[3]将红、黑表笔金属部分分别与电阻两端接触，发现指针偏转角度过小，即欧姆表读数
过大，为了得到比较准确的测量结果，应将 K旋转到电阻挡“ 1k ”的位置；将两表笔短接，
旋动合适部件，对电表进行欧姆调零；将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，
故选 ADC。
(3)[4]用电流挡测小灯泡电流，多用电表电流挡应该串联在电路中，且电流从红表笔进，黑
表笔出，故甲图不规范；用电压挡测量小灯泡电压，多用电表的电压挡应该与待测电路并联，
且电流从红表笔进，黑表笔出，故乙图规范。
12．（每空均 2分） 50.15 4.698~4.700 B C
（2）[3][4]电源电动势为 4V，为减小实验误差，电压表应选择 V1，电路最大电流约为
I U 3＝ ＝ V＝0.014A＝14mA
R 220
则电流表应选择 A2；
（3）[5]为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压式接法，电压表内阻远大于待测电阻阻
值，电流表应采用外接法，电路图如下图所示
答案第 1页，共 5页
{#{QQABIQAAggiIABIAARhCUQG4CAIQkBACAIoGhFAAoAIAQRFABAA=}#}
13．（1）9 10 3N；（2）9m/s2；（3） 2.7 10 2N
（1）（共 2 分）根据库仑定律，则有：A、 B间库仑力的大小
F kq q 1 21 2 9 10
3N ..................................................(2分)
d
（2）（共 3 分）对 B研究，B球向右加速，合力向右，根据A、B间库仑力的大小，及牛顿
第二定律，则有
F1 m2a .......................................................................(2分)
解得
a 9m/s2 .....................................................................(1分)
（3）（共 3 分）对A，受到拉力与库仑引力，则有
F F1 m1a .................................................................(2分)
解得
F 2.7 10 2N ...........................................................(1分)
14．（1） xB 1m；（2） tan
5
；（3） t
25
s
8 0 82
（1）（共 4 分）将小球的运动沿水平方向和竖直方向分解，水平方向的分运动为匀加速直
线运动，竖直方向的分运动为竖直上抛运动。设小球从 A点运动到 B点的时间为 t1，则
v0 gt1 ......................................................(1分)
设水平方向的分加速度大小为ax，根据牛顿第二定律有
Eq max ....................................................(1分)
小球运动到 B点时水平方向的分位移
x 1B a
2
xt1 ..................................................(1分)2
解得
xB 1m ......................................................(1分)
答案第 2页，共 5页
{#{QQABIQAAggiIABIAARhCUQG4CAIQkBACAIoGhFAAoAIAQRFABAA=}#}
（2）（共 5 分）将小球运动到 C点时的速度沿水平方向和竖直方向分解，根据竖直方向运
动的对称性可知
vy v0 ..................................................(1分)
小球从 A点运动到 C点的时间
t 2v 0
g ..................................................(1分)
水平方向的分速度大小
vx axt ..................................................(1分)
小球运动到 C点时速度方向与水平方向夹角的正切值
v
tan y ..............................................(1分)
vx
解得
tan 5 ................................................(1分)
8
（3）（共 3 分）设小球受到的电场力和重力的合力与水平方向的夹角为α，则
tan mg 5
Eq 4 ...........................................(1分)
小球从 A点抛出后小球的合力与速度方向的夹角为钝角，小球的动能逐渐减小，t0 时刻速度
方向与合力方向垂直，此后小球的合力与速度方向的夹角为锐角，小球的动能逐渐增加，则
tan a t x 0
v gt .......................................(1分)0 0
解得
t 250 s ..................................................(1分)82
答案第 3页，共 5页
{#{QQABIQAAggiIABIAARhCUQG4CAIQkBACAIoGhFAAoAIAQRFABAA=}#}
5 1 17
15．（1） F 7mg；（2） mg；（3）0 h R或者 h R
2 4 8
（1）（共 4 分）O B机械能守恒
mg3R 1 mv2B ..................................................(2分)2
解得 vB 6gR
B点根据牛顿第二定律可知
v2FN mg m B ..................................................(1分)R
解得
FN 7mg ...........................................................(1分)
（2）（共 5 分）O D动能定理
mg h 2R EqR 1 mv 2D 0 .........................(2分)2
7
解得 vD gR2
D点根据牛顿第二定律可知
v 2F DND mg m .................................................(2分)R
解得
F 5ND mg ...........................................................(1分)2
答案第 4页，共 5页
{#{QQABIQAAggiIABIAARhCUQG4CAIQkBACAIoGhFAAoAIAQRFABAA=}#}
（3）（共 6 分）根据
Eq 3 mg
4 ....................................................................(1分)
F 5合 mg4
方向与竖直方向成37 斜向左下方， P点为等效最高点，Q点为等效圆心等高点，如图所示
临界一：为使小球刚好可以通过圆轨道，在 P点需满足重力、电场力合力提供向心力
v2
F m p ...................................................................(1分)合 R
解得
v 5p gR4
O P动能定理
mg h R Rcos37 Eq R 1 Rsin37 mv2p 0 ...............................(1分)2
17
解得 h R
8
为使小球通过圆轨道释放高度需要满足条件
h 17 R ...........................................................................(1分)
8
临界二：小球运动到Q点之前速度减为 0
O Q动能定理
mg h R R sin 37 Eq R R cos37 0 .............................................(1分)
1
解得 h R
4
为使小球不超过Q点，释放高度需要满足条件
h 1 R ...............................................................................(1分)
4
答案第 5页，共 5页
{#{QQABIQAAggiIABIAARhCUQG4CAIQkBACAIoGhFAAoAIAQRFABAA=}#}